上海市华东师大二附中高三（上）12月月考数学试卷
一、填空题（前6题每小题6分，后6题每小题6分，共54分）
1．计算：
= （i是虚数单位）
2．双曲线
的渐近线的夹角为 ．
3．在二项式
的展开式中，常数项等于 ．
4．设全集U=R，已知
，则A∩B= ．
5．函数
的定义域是 ．
6．幂函数f（x）=（m2﹣m﹣1）x﹣m在x∈（0，+∞）时为减函数，则m的值为 ．
7．已知等比数列{an}满足a2=2，a3=1，则
= ．
8．若x，y满足
，则z=x+2y的最大值为 ．
9．点P是棱长为1的正方体ABCD﹣A1B1C1D1的底面A1B1C1D1上一点，则
的取值范围是 ．
10．已知关于x的不等式（4kx﹣k2﹣12k﹣9）（2x﹣11）＞0，其中k∈R，对于不等式的解集A，记B=A∩Z（其中Z为整数集），若集合B是有限集，则使得集合B中元素个数最少时的实数k的取值范围是 ．
11．设三角形ABC的内角A，B，C所对的边长分别是a，b，c，且
，若△ABC不是钝角三角形，则
的取值范围是 ．
12．数列{2n﹣1}的前n项1，3，7，…，2n﹣1组成集合
（n∈N*），从集合An中任取k（k=1，2，3，…，n）个数，其所有可能的k个数的乘积的和为Tk（若只取一个数，规定乘积为此数本身），记Sn=T1+T2+…+Tn，例如当n=1时，A1={1}，T1=1，S1=1；当n=2时，A2={1，3}，T1=1+3，T2=1×3，S2=1+3+1×3=7，试写出Sn= ．
二、选择题（每小题5分，共20分）
13．如果a＜b＜0，那么下列不等式成立的是（ ）
A．a2＜ab B．﹣ab＜﹣b2 C．
D．
14．已知函数y=f（x），x∈R是奇函数，其部分图象如图所示，则在（﹣1，0）上与函数f（x）的单调性相同的是（ ）
A．
B．y=log2|x|
C．
D．y=cos（2x）
15．将一个圆的八个等分点分成相间的两组，连接每组的四个点得到两个正方形．去掉两个正方形内部的八条线段后可以形成一正八角星，如图所示．设正八角星的中心为O，并且 
=
，
=
，若将点O到正八角星16个顶点的向量，都写成为λ+μ，λ，μ∈R的形式，则λ+μ的最大值为（ ）
A．
B．2 C．1+ D．2
16．直线l：ax+
y﹣1=0与x，y轴的交点分别为A，B，直线l与圆O：x2+y2=1的交点为C，D，给出下面三个结论：
①∀a≥1，S△AOB=
；②∃a≥1，|AB|＜|CD|；③∃a≥1，S△COD＜．
其中，所有正确结论的序号是（ ）
A．①② B．②③ C．①③ D．①②③
三、解答题（14分+14分+14分+16分+18分，共76分）
17．已知函数f（x）=Asin（ωx+φ）（A＞0，ω＞0，|φ|＜
）的部分图象如图所示．
（Ⅰ）写出函数f（x）的解析式及x0的值；
（Ⅱ）求函数f（x）在区间[﹣
，]上的最大值与最小值．
18．如图，在Rt△AOB中，∠OAB=
，斜边AB=4，D是AB的中点．现将Rt△AOB以直角边AO为轴旋转一周得到一个圆锥，点C为圆锥底面圆周上的一点，且∠BOC=．
（1）求该圆锥的全面积；
（2）求异面直线AO与CD所成角的大小．
（结果用反三角函数值表示）
19．已知命题P：函数
且|f（a）|＜2，命题Q：集合A={x|x2+（a+2）x+1=0，x∈R}，B={x|x＞0}且A∩B=∅，
（1）分别求命题P、Q为真命题时的实数a的取值范围；
（2）当实数a取何范围时，命题P、Q中有且仅有一个为真命题；
（3）设P、Q皆为真时a的取值范围为集合S，
，若∁RT⊆S，求m的取值范围．
20．定义max{x1，x2，x3，…，xn}表示x1，x2，x3，…，xn中的最大值．
已知数列an=
，bn=
，cn=
，其中n+m+p=200，m=kn，n，m，p，k∈N*．记dn=max{an，bn，cn}
（Ⅰ）求max{an，bn}
（Ⅱ）当k=2时，求dn的最小值；
（Ⅲ）∀k∈N*，求dn的最小值．
21．已知点P到圆（x+2）2+y2=1的切线长与到y轴的距离之比为t（t＞0，t≠1）；
（1）求动点P的轨迹C的方程；
（2）当
时，将轨迹C的图形沿着x轴向左移动1个单位，得到曲线G，过曲线G上一点Q作两条渐近线的垂线，垂足分别是P1和P2，求
的值；
（3）设曲线C的两焦点为F1，F2，求t的取值范围，使得曲线C上不存在点Q，使∠F1QF2=θ（0＜θ＜π）．
2017-2018学年上海市华东师大二附中高三（上）12月月考数学试卷
参考答案与试题解析
一、填空题（前6题每小题6分，后6题每小题6分，共54分）
1．计算：
= i （i是虚数单位）
【考点】复数代数形式的混合运算．
【分析】i2017=（i4）504•i=i，可得原式=
，再利用复数的运算法则即可得出．
【解答】解：i2017=（i4）504•i=i，
原式==
=
=i，
故答案为：i．
2．双曲线
的渐近线的夹角为 
．
【考点】双曲线的简单性质．
【分析】根据题意，由双曲线的方程可得渐近线方程，求出渐近线的倾斜角，结合图形分析可得答案．
【解答】解：根据题意，双曲线的方程为：，
则其渐近线方程为：y=±
x，
直线y=x的倾斜角为，直线y=﹣x的倾斜角为
，
则其渐近线的夹角为
，
故答案为：．
3．在二项式
的展开式中，常数项等于 160 ．
【考点】二项式定理．
【分析】展开式的通项为
=
，要求常数项，只要令6﹣2r=0可得r，代入即可求
【解答】解：展开式的通项为
=
令6﹣2r=0可得r=3
常数项为
=160
故答案为：160
4．设全集U=R，已知
，则A∩B= {x|2＜x＜3} ．
【考点】交集及其运算．
【分析】先分别求出集合A和B，由此能求出A∩B．
【解答】解：∵
，
∴A={x|x＜﹣
或x＞2}，B={x|﹣1＜x＜3}，
A∩B={x|2＜x＜3}．
故答案为：{x|2＜x＜3}．
5．函数
的定义域是 （﹣∞，﹣3）∪（﹣3，0） ．
【考点】函数的定义域及其求法．
【分析】由0指数幂的底数不为0，分母中根式内部的代数式大于等于0联立不等式组求解．
【解答】解：由
，解得x＜0且x≠﹣3．
∴函数的定义域是：（﹣∞，﹣3）∪（﹣3，0）．
故答案为：（﹣∞，﹣3）∪（﹣3，0）．
6．幂函数f（x）=（m2﹣m﹣1）x﹣m在x∈（0，+∞）时为减函数，则m的值为 2 ．
【考点】幂函数的概念、解析式、定义域、值域．
【分析】利用幂函数的定义和单调性即可求出．
【解答】解：∵幂函数y=（m2﹣m﹣1）x﹣m在x∈（0，+∞）时为减函数，
∴m必满足
，解得m=2，即y=x﹣2．
故答案为：2．
7．已知等比数列{an}满足a2=2，a3=1，则= 
．
【考点】数列的极限．
【分析】利用a2=2，a3=1，两式相除可求得q，根据a2=2进而可求得a1再根据数列{anan+1}为以q2为公比，8为首项等比数列，根据等比数列的求和公式可得a1a2+a2a3+…+anan+1，进而答案可得．
【解答】解：a2=2，a3=1，解得q=
，
得a1=4，a1a2，a2a3，…，anan+1，是公比为
的等比数列，首项为：8．
∴a1a2+a2a3+…+anan+1=
．
则
=
=．
故答案为：
．
8．若x，y满足
，则z=x+2y的最大值为 2 ．
【考点】简单线性规划．
【分析】作出不等式对应的平面区域，利用线性规划的知识，通过平移即可求z的最大值．
【解答】解：作出不等式对应的平面区域，
由z=x+2y，得y=﹣
，
平移直线y=﹣，由图象可知当直线y=﹣经过点A时，直线y=﹣的截距最大，此时z最大．
由
，得
，
即A（
，），
此时z的最大值为z=1+2×=1+1=2，
故答案为：2．
9．点P是棱长为1的正方体ABCD﹣A1B1C1D1的底面A1B1C1D1上一点，则
的取值范围是 [﹣
，0] ．
【考点】平面向量数量积的运算．
【分析】建立空间直角坐标系，设出点P的坐标为（x，y，z），则由题意可得0≤x≤1，0≤y≤1，z=1，计算
•
=x2﹣x，利用二次函数的性质求得它的值域即可．
【解答】解：以点D为原点，以DA所在的直线为x轴，以DC所在的直线为y轴，以DD1所在的直线为z轴，
建立空间直角坐标系，如图所示；
则点A（1，0，0），C1 （0，1，1），
设点P的坐标为（x，y，z），由题意可得 0≤x≤1，0≤y≤1，z=1；
∴=（1﹣x，﹣y，﹣1），=（﹣x，1﹣y，0），
∴•=﹣x（1﹣x）﹣y（1﹣y）+0=x2﹣x+y2﹣y=
+
﹣
，
由二次函数的性质可得，当x=y=时，
•
取得最小值为﹣；
当x=0或1，且y=0或1时， •取得最大值为0，
则•的取值范围是[﹣
，0]．
故答案为：[﹣，0]．
10．已知关于x的不等式（4kx﹣k2﹣12k﹣9）（2x﹣11）＞0，其中k∈R，对于不等式的解集A，记B=A∩Z（其中Z为整数集），若集合B是有限集，则使得集合B中元素个数最少时的实数k的取值范围是 {2，3，4，5} ．
【考点】交集及其运算．
【分析】对k分类讨论，利用一元二次不等式的解法求出已知不等式的解集确定出A，根据B=A∩Z（其中Z为整数集），集合B为有限集，即可得出．
【解答】解：分情况考虑：①当k＜0，A={x|
+
+3＜x＜
}；
②当k=0，A={x|x＜}；
③当0＜k＜1或k＞9，A={x|x＜
，或x＞
+
+3}；
④当1≤k≤9，A={x|x＜++3，或x＞}；
∵B=A∩Z（其中Z为整数集），集合B为有限集，
只有k＜0，B={2，3，4，5}．
故答案为：{2，3，4，5}
11．设三角形ABC的内角A，B，C所对的边长分别是a，b，c，且，若△ABC不是钝角三角形，则
的取值范围是 （1，4] ．
【考点】余弦定理．
【分析】先求得C的范围，由正弦定理及两角和的正弦函数公式化简为1+
，由角C越大，越小，求得的取值范围．
【解答】解：三角形ABC中，∵
，若△ABC不是钝角三角形，由A+C=
，
可得
＜C≤．
利用正弦定理可得
=
=
=
=1+
，
显然，角C越大，越小．
当C=时，cosC=0，则=1；当＜C＜
时， =1+
∈（1，4）．
综上可得，∈（1，4]，
故答案为：（1，4]．
12．数列{2n﹣1}的前n项1，3，7，…，2n﹣1组成集合（n∈N*），从集合An中任取k（k=1，2，3，…，n）个数，其所有可能的k个数的乘积的和为Tk（若只取一个数，规定乘积为此数本身），记Sn=T1+T2+…+Tn，例如当n=1时，A1={1}，T1=1，S1=1；当n=2时，A2={1，3}，T1=1+3，T2=1×3，S2=1+3+1×3=7，试写出Sn= 
﹣1 ．
【考点】元素与集合关系的判断．
【分析】通过计算出S3，并找出S1、S2、S3的共同表示形式，进而利用归纳推理即可猜想结论．
【解答】解：当n=3时，A3={1，3，7}，
则T1=1+3+7=11，T2=1×3+1×7+3×7=31，T3=1×3×7=21，
∴S3=T1+T2+T3=11+31+21=63，
由S1=1=21﹣1=
﹣1，
S2=7=23﹣1=
﹣1，
S3=63=26﹣1=
﹣1，
…
猜想：Sn=﹣1，
故答案为：﹣1．
二、选择题（每小题5分，共20分）
13．如果a＜b＜0，那么下列不等式成立的是（ ）
A．a2＜ab B．﹣ab＜﹣b2 C．
D．
【考点】不等式的基本性质．
【分析】利用不等式的基本性质即可得出．
【解答】解：对于A：由a＜b＜0，得：a2＞ab，故A错误；
对于B：若a＜b＜0，则﹣a＞﹣b＞0，b＜0，∴﹣ab＜﹣b2，故B正确；
对于C：由a＜b＜0，两边同除以ab得：
＜
，即＞，故C错误；
对于D：0＜
＜1，
＞1，故D错误；
故选：B．
14．已知函数y=f（x），x∈R是奇函数，其部分图象如图所示，则在（﹣1，0）上与函数f（x）的单调性相同的是（ ）
A．
B．y=log2|x|
C．
D．y=cos（2x）
【考点】函数奇偶性的性质；奇偶性与单调性的综合．
【分析】根据题意，由函数奇偶性的性质分析可得y=f（x）在（﹣1，0）上单调递增，据此依次分析选项中函数在区间（﹣1，0）上的单调性，即可得答案．
【解答】解：根据图象可以判断出（0，1）单调递增，又由函数y=f（x）（x∈R）是奇函数，
则函数y=f（x）在（﹣1，0）上单调递增，
依次分析选项：
对于A、对于y=x+
，y′=1﹣
=
，当﹣1＜x＜0时，y′＜0，则f（x）在（﹣1，0）是减函数，不符合题意，
对于B、当﹣1＜x＜0时，y=log2|x|=log2（﹣x），令t=﹣x，则y=log2t，t=﹣x在（﹣1，0）为减函数，而y=log2t为增函数，则y=log2|x|在（﹣1，0）是减函数，不符合题意，
对于C、当﹣1＜x＜0时，y=e﹣x=（
）x，而0＜＜1，则y=e﹣x在（﹣1，0）为减函数，不符合题意，
对于D、y=cos（2x），当﹣1＜x＜0，则有﹣2＜2x＜0，y=cos（2x）为增函数，符合题意；
故选：D．
15．将一个圆的八个等分点分成相间的两组，连接每组的四个点得到两个正方形．去掉两个正方形内部的八条线段后可以形成一正八角星，如图所示．设正八角星的中心为O，并且 
=
，
=
，若将点O到正八角星16个顶点的向量，都写成为λ
+μ
，λ，μ∈R的形式，则λ+μ的最大值为（ ）
A．
B．2 C．1+ D．2
【考点】向量在几何中的应用．
【分析】根据题意找出使得λ+μ最大的顶点C，根据向量加法的平行四边形法则可作出平行四边形OBCD，这样结合图形及向量数乘的几何意义便可得出
，这样由平面向量基本定理即可求出λ+μ的最大值．
【解答】解：如图，根据图形及向量加法的平行四边形法则可看出O到顶点C的向量
，此时λ+μ最大；
作平行四边形OBCD，设BC=a，根据题意得，OA=
；
∴
；
∴
；
∴
=
；
又
；
∴
；
即λ+μ的最大值为
．
故选C．
16．直线l：ax+
y﹣1=0与x，y轴的交点分别为A，B，直线l与圆O：x2+y2=1的交点为C，D，给出下面三个结论：
①∀a≥1，S△AOB=；②∃a≥1，|AB|＜|CD|；③∃a≥1，S△COD＜
．
其中，所有正确结论的序号是（ ）
A．①② B．②③ C．①③ D．①②③
【考点】直线与圆的位置关系．
【分析】①当a≥1时，分别可得直线的截距，由三角形的面积公式易得结论①正确；②当a≥1时，反证法可得结论②错误；③由三角形的面积公式可得S△COD=sin∠AOC≤，可得结论③正确．
【解答】解：①当a≥1时，把x=0代入直线方程可得y=a，把y=0代入直线方程可得x=
，
∴S△AOB=×a×=，故结论①正确；
②当a≥1时，|AB|=
，故|AB|2=a2+
，
直线l可化为a2x+y﹣a=0，圆心O到l的距离d=
=
=
，故|CD|2=4（1﹣d2）=4[1﹣（a2+）]，
假设|AB|＜|CD|，则|AB|2＜|CD|2，即a2+＜4（1﹣
），
整理可得（a2+
）2﹣4（a2+）+4＜0，即（a2+﹣2）2＜0，
显然矛盾，故结论②错误；
S△COD=|OA||OC|sin∠AOC=sin∠AOC≤，
故∃a≥1，使得S△COD＜
，结论③正确．
故选：C．
三、解答题（14分+14分+14分+16分+18分，共76分）
17．已知函数f（x）=Asin（ωx+φ）（A＞0，ω＞0，|φ|＜）的部分图象如图所示．
（Ⅰ）写出函数f（x）的解析式及x0的值；
（Ⅱ）求函数f（x）在区间[﹣，]上的最大值与最小值．
【考点】由y=Asin（ωx+φ）的部分图象确定其解析式；三角函数的最值．
【分析】（I）由函数图象可知A，T=π，利用周期公式可求ω，又函数过点（
，2），结合范围|φ|＜，解得φ，可求函数解析式，由函数图象可得2sin（2x0+
）=
，可解得x0=kπ﹣
，k∈Z，又结合范围
﹣
＜x0＜，从而可求x0的值．
（II）由x∈[﹣
，]，可求范围2x+
∈[﹣
，
]，利用正弦函数的图象和性质即可求其最值．
【解答】（本小题满分13分）
解：（I）∵A＞0，ω＞0，由函数图象可知，A=2，T=
=2[x0﹣（x0﹣
）]=π，解得ω=2，
又∵函数过点（
，2），可得：2=2sin（2×
+φ），解得：2×+φ=2kπ+
，k∈Z，
又|φ|＜，
∴可得：φ=
，
∴f（x）=2sin（2x+），
∵由函数图象可得：2sin（2x0+）=，解得：2x0+=2kπ+
，k∈Z，可得：x0=kπ﹣
，k∈Z，
又∵﹣＜x0＜，
∴x0=
，…
（II）由x∈[﹣，]，可得：2x+∈[﹣，]，…
当2x+=﹣时，即x=﹣，f（x）min=f（﹣）=﹣1，
当2x+=时，即x=
，f（x）max=f（）=2． …
18．如图，在Rt△AOB中，∠OAB=，斜边AB=4，D是AB的中点．现将Rt△AOB以直角边AO为轴旋转一周得到一个圆锥，点C为圆锥底面圆周上的一点，且∠BOC=．
（1）求该圆锥的全面积；
（2）求异面直线AO与CD所成角的大小．
（结果用反三角函数值表示）
【考点】异面直线及其所成的角；棱柱、棱锥、棱台的侧面积和表面积．
【分析】（1）求出圆锥底面半径，圆锥的侧面积S侧，然后求解圆锥的全面积．
（2）过D作DM∥AO交BO于M，连CM，说明∠CDM为异面直线AO与CD所成角，在Rt△CDM中，求解异面直线AO与CD所成角的大小．
【解答】解：（1）Rt△AOB中，OB=2
即圆锥底面半径为2
圆锥的侧面积S侧=πrl=8π….4’
故圆锥的全面积S全=S侧+S底=8π+4π=12π….6’
（2）过D作DM∥AO交BO于M，连CM
则∠CDM为异面直线AO与CD所成角….8’
∵AO⊥平面OBC∴DM⊥平面OBC∴DM⊥MC
在Rt△AOB中，
∴
，
∵D是AB的中点∴M是OB的中点，
∴OM=1∴
．
在Rt△CDM中，
，….10’
∴
，
即异面直线AO与CD所成角的大小为
….12’
19．已知命题P：函数
且|f（a）|＜2，命题Q：集合A={x|x2+（a+2）x+1=0，x∈R}，B={x|x＞0}且A∩B=∅，
（1）分别求命题P、Q为真命题时的实数a的取值范围；
（2）当实数a取何范围时，命题P、Q中有且仅有一个为真命题；
（3）设P、Q皆为真时a的取值范围为集合S，
，若∁RT⊆S，求m的取值范围．
【考点】集合关系中的参数取值问题．
【分析】（1）由题意可得，由|f（a）|=|
|＜2解不等式可得P：a∈（﹣5，7）；由A∩B=∅，可得A有两种情况
①若A=∅，则△=（a+2）（a+2）﹣4＜0，②若A≠φ，则
，解可得Q
（2）当P为真，则
；当Q为真，则
可求
（3）当P，Q都为真时，
可求S=（﹣4，7），利用基本不等式可求T，进而可求∁RT，然后根据∁RT⊆S，可求
【解答】解：（1）由题意可得，由|f（a）|=|
|＜2可得﹣6＜a﹣1＜6
解可得，﹣5＜a＜7
∴P：a∈（﹣5，7）
∵集合A={x|x2+（a+2）x+1=0，x∈R}，B={x|x＞0}且A∩B=∅，
①若A=∅，则△=（a+2）（a+2）﹣4＜0，即﹣4＜a＜0
②若A≠φ，则
，解可得，a≥0
综上可得，a＞﹣4
∴Q：a∈（﹣4，+∞）
（2）当P为真，则
，a∈（﹣5，﹣4]；
当Q为真，则
，a∈[7，+∞）
所以a∈（﹣5，﹣4]∪[7，+∞）
（3）当P，Q都为真时，
即S=（﹣4，7）
∵
∴
综上m∈（0，4]
20．定义max{x1，x2，x3，…，xn}表示x1，x2，x3，…，xn中的最大值．
已知数列an=
，bn=
，cn=
，其中n+m+p=200，m=kn，n，m，p，k∈N*．记dn=max{an，bn，cn}
（Ⅰ）求max{an，bn}
（Ⅱ）当k=2时，求dn的最小值；
（Ⅲ）∀k∈N*，求dn的最小值．
【考点】数列的应用．
【分析】（Ⅰ）由题意，max{an，bn}=max{，
}，
﹣=
，分别求得k=1、k=2及k≥3时，分别求得max{an，bn}；
（Ⅱ）当k=2时，由（Ⅰ）可得dn=max{an，cn}=max{，
}，根据数列的单调性求得n=
，dn取得最小值，44＜
＜45，分别求得d44和d45，比较即可求得dn取得最小值；
（Ⅲ）由（II）可知，当k=2时，dn的最小值为
，当k=1及k≥3时，根据函数单调性，分别求得可能取最小值时，n的取值，比较即可求得dn取得最小值；
【解答】解：（ I）由题意，max{an，bn}=max{
，
}，
因为﹣=
，
所以，当k=1时，＜
，则max{an，bn}=bn=，
当k=2时， =，则max{an，bn}=an=，
当k≥3时，
＞
，则max{an，bn}=an=．…
（ II）当k=2时，dn=max{an，bn，cn}=max{an，cn}=max{，
}，
因为数列{an}为单调递减数列，数列{cn}为单调递增数列，
所以当=
时，dn取得最小值，此时n=．
又因为44＜＜45，
而d44=max{a44，c44}=a44=，d45=c45=
，有d44＜d45．
所以dn的最小值为．…
（ III）由（II）可知，当k=2时，dn的最小值为
．
当k=1时，dn=max{an，bn，cn}=max{bn，cn}=max{
，
}．
因为数列{bn}为单调递减数列，数列{cn}为单调递增数列，
所以当=时，dn取得最小值，此时n=
．
又因为72＜
＜73，
而d72=b72=
，d72=c72=，．
此时dn的最小值为，＞
．
（2）k≥3时，
≥
=
，an＞bn，
所以dn=max{an，bn，cn}=max{an，cn}≥max{， }．
设hn=max{
，
}，
因为数列{an}为单调递减数列，数列{}为单调递增数列，
所以当=时，hn取得最小值，此时n=
．
又因为36＜
＜37，
而h36=a36=
，h37=
，＜．
此时dn的最小值为，
＞
．．
综上，dn的最小值为d44=．…
21．已知点P到圆（x+2）2+y2=1的切线长与到y轴的距离之比为t（t＞0，t≠1）；
（1）求动点P的轨迹C的方程；
（2）当时，将轨迹C的图形沿着x轴向左移动1个单位，得到曲线G，过曲线G上一点Q作两条渐近线的垂线，垂足分别是P1和P2，求的值；
（3）设曲线C的两焦点为F1，F2，求t的取值范围，使得曲线C上不存在点Q，使∠F1QF2=θ（0＜θ＜π）．
【考点】轨迹方程．
【分析】（1）设P（x，y），则P到圆的切线长为
，利用勾股定理列方程化简即可得出动点P的轨迹C的方程；
（2）当t=时，轨迹C的方程化为：
．可得曲线G的方程为
．可得曲线G的渐近线方程为y=
x，y=﹣
x．设Q（x0，y0），P1（m， m），P2（n，﹣n），
，
=
．可得m，n．又y02=2x02﹣5，利用数量积运算性质即可得出；
（3）对曲线C得类型进行讨论，得出∠F1QF2的最大值，利用三角恒等变换列不等式解出t的范围．
【解答】解：（1）圆（x+2）2+y2=1的圆心为M（﹣2，0），半径r=1，
设P（x，y），则P到圆的切线长为
，
∴=t|x|，
∴（x+2）2+y2﹣1=t2x2，
整理得（1﹣t2）x2+y2+4x+3=0．
则动点P的轨迹C的方程为：（1﹣t2）x2+y2+4x+3=0．
（2）当t=
时，轨迹C的方程为﹣2x2+4x+3+y2=0，即
．
∴曲线G的方程为
．
∴曲线G的渐近线方程为y=x，y=﹣x．
设Q（x0，y0），P1（m， m），P2（n，﹣n），
∴
，
=
．
∴m=
，n=
，
∵
，∴y02=2x02﹣5，
∴
=（m﹣x0）（n﹣x0）+（m﹣y0）（﹣n﹣y0）=（m﹣x0）（n﹣x0）﹣（x0﹣m）•（x0﹣n）
=（m﹣x0）（n﹣x0），
=•
•
=
=
．
（3）曲线C的方程可化为（1﹣t2）（x+
）2+y2=
﹣3，
当0＜t＜1时，曲线C为焦点在x轴上的椭圆，椭圆标准方程为
+
=1
∴当Q为短轴端点时，∠F1QF2取得最大值，设∠F1QF2的最大值为α，则tan2
=
=
=
，
∴cosα=
=1﹣2t2，
若曲线C上不存在点Q，使∠F1QF2=θ，则θ＞α，
∴cosθ＜1﹣2t2，解得0＜t＜
．
当t＞1时，曲线C为焦点在x轴的双曲线，∴0＜∠F1QF2≤π，
∴当0＜θ＜π时，曲线C上始终存在的Q使得∠F1QF2=θ．
综上，当0＜t＜时，曲线C上不存在点Q，使∠F1QF2=θ．
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